三、解答题
9.已知函数f(x)=x3-ax+1.
(1)当x=1时，f(x)取得极值，求a的值;
(2)求f(x)在[0,1]上的最小值;
(3)若对任意mR，直线y=-x+m都不是曲线y=f(x)的切线，求a的取值范围.
解析：(1)因为f′(x)=x2-a，
当x=1时，f(x)取得极值，所以f′(1)=1-a=0，a=1.
又当x(-1,1)时，f′(x)<0;当x(1，+∞)时，f′(x)>0，
所以f(x)在x=1处取得极小值，即a=1时符合题意.
(2)当a≤0时，f′(x)>0对x(0,1)恒成立，
所以f(x)在(0,1)上单调递增，f(x)在x=0处取得最小值f(0)=1.
当a>0时，令f′(x)=x2-a=0，
x1=-，x2=，
当0 当x∈(0，)时，f′(x)<0，f(x)单调递减; 当x∈(，1)时，f′(x)>0，f(x)单调递增. 所以f(x)在x=处取得最小值f()=1-. 当a≥1时，≥1. x(0,1)时，f′(x)<0，f(x)单调递减， 所以f(x)在x=1处取得最小值f(1)=-a. 综上所述，当a≤0时，f(x)在x=0处取得最小值f(0)=1; 当0 当a≥1时，f(x)在x=1处取得最小值f(1)=-a. (3)因为m∈R，直线y=-x+m都不是曲线y=f(x)的切线， 所以f′(x)=x2-a≠-1对xR恒成立， 只要f′(x)=x2-a的最小值大于-1即可. 而f′(x)=x2-a的最小值为f(0)=-a， 所以-a>-1，即a<1. 故a的取值范围是(-∞，1). 10.已知函数f(x)=x-ax2-ln(1+x)，其中aR. (1)若x=2是f(x)的极值点，求a的值; (2)求f(x)的单调区间; (3)若f(x)在[0，+∞)上的最大值是0，求a的取值范围. 命题立意：本题考查导数与函数的极值、单调性、最值等知识，考查考生分析问题、解决问题的能力，考查函数与方程、分类整合等数学思想方法.(1)根据可导函数在一定点处取得极值的必要条件是其导数等于零，得出关于a的方程即可求出a，再根据极值点两侧导数值异号进行检验;(2)讨论导数的符号，就参数a的取值情况进行分类讨论即可;(3)根据函数的单调性和极值点，以及函数最大值的概念分情况解决. 解析：(1)f′(x)=，x(-1，+∞). 依题意，得f′(2)=0，解得a=. 经检验，a=时，符合题意. (2)当a=0时，f′(x)=，x(-1，+∞). 故f(x)的单调增区间是(0，+∞)，单调减区间是(-1,0). 当a>0时，令f′(x)=0，得 x1=0，x2=-1， 当0 f(x)的单调增区间是，单调减区间是(-1,0). 当a=1时，f(x)的单调减区间是(-1，+∞). 当a>1时，-11时，f(x)的单调增区间是-1,0，单调减区间是(0，+∞). (3)由(2)知a≤0时，f(x)在(0，+∞)上单调递增，由f(0)=0知不合题意. 当00，f(x)在区间上递增可知，f>f(0)=0知不合题意. 当a≥1时，f(x)在(0，+∞)单调递减，可得f(x)在[0，+∞)上的最大值是f(0)=0，符合题意. f(x)在[0，+∞)上的最大值是0时，a的取值范围是[1，+∞). 11.设函数f(x)=xln x(x>0). (1)求函数f(x)的最小值; (2)设F(x)=ax2+f′(x)(aR)，讨论函数F(x)的单调性; (3)斜率为k的直线与曲线y=f′(x)交于A(x1，y1)，B(x2，y2)(x10)， 令f′(x)=0，得x=. 当x时，f′(x)<0; 当x时，f′(x)>0. 当x=时，f(x)min=ln=-. (2)F(x)=ax2+ln x+1(x>0)， F′(x)=2ax+=(x>0). 当a≥0时，恒有F′(x)>0，F(x)在(0，+∞)上是增函数; 当a<0时， 令F′(x)>0，得2ax2+1>0， 解得0. 综上，当a≥0时，F(x)在(0，+∞)上是增函数; 当a<0时，F(x)在上单调递增，在上单调递减. (3)k==. 要证x1<1知ln t>0，故等价于证ln t1).(*) 设g(t)=t-1-ln t(t≥1)， 则g′(t)=1-≥0(t≥1)， 故g(t)在[1，+∞)上是增函数. 当t>1时，g(t)=t-1-ln t>g(1)=0， 即t-1>ln t(t>1). 设h(t)=tln t-(t-1)(t≥1)， 则h′(t)=ln t≥0(t≥1)， 故h(t)在[1，+∞)上是增函数. 当t>1时，h(t)=tln t-(t-1)>h(1)=0， 即t-11). 由知(*)成立，得证.
