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2015届四川高考数学冲刺专题练习7

中华考试网  2015-04-30  【

  题型一 等差、等比数列的基本运算

  例1 已知等差数列{an}的前5项和为105,且a10=2a5.

  (1)求数列{an}的通项公式;

  (2)对任意m∈N*,将数列{an}中不大于72m的项的个数记为bm.求数列{bm}的前m项和Sm.

  破题切入点 (1)由已知列出关于首项和公差的方程组,解得a1和d,从而求出an.

  (2)求出bm,再根据其特征选用求和方法.

  解 (1)设数列{an}的公差为d,前n项和为Tn,

  由T5=105,a10=2a5,

  得

  解得a1=7,d=7.

  因此an=a1+(n-1)d=7+7(n-1)=7n(n∈N*).

  (2)对m∈N*,若an=7n≤72m,则n≤72m-1.

  因此bm=72m-1.

  所以数列{bm}是首项为7,公比为49的等比数列,

  故Sm===

  =.

  题型二 等差、等比数列的性质及应用

  例2 (1)已知正数组成的等差数列{an},前20项和为100,则a7·a14的最大值是________.

  (2)(2014·济南模拟)在等差数列{an}中,a1=-2 013,其前n项和为Sn,若-=2,则S2 013的值为________.

  破题切入点 (1)根据等差数列的性质,a7+a14=a1+a20,S20=可求出a7+a14,然后利用基本不等式.

  (2)等差数列{an}中,Sn是其前n项和,则也成等差数列.

  答案 (1)25 (2)-2 013

  解析 (1)∵S20=×20=100,∴a1+a20=10.

  ∵a1+a20=a7+a14,∴a7+a14=10.

  ∵an>0,∴a7·a14≤2=25.

  当且仅当a7=a14时取等号.

  故a7·a14的最大值为25.

  (2)根据等差数列的性质,得数列也是等差数列,根据已知可得这个数列的首项=a1=-2 013,公差d=1,故=-2 013+(2 013-1)×1=-1,所以S2 013=-2 013.

  题型三 等差、等比数列的综合应用

  例3 已知数列{an}的前n项和Sn满足条件2Sn=3(an-1),其中n∈N*.

  (1)证明:数列{an}为等比数列;

  (2)设数列{bn}满足bn=log3an,若cn=anbn,求数列{cn}的前n项和.

  破题切入点 (1)利用an=Sn-Sn-1求出an与an-1之间的关系,进而用定义证明数列{an}为等比数列.

  (2)由(1)的结论得出数列{bn}的通项公式,求出cn的表达式,再利用错位相减法求和.

  (1)证明 由题意得an=Sn-Sn-1=(an-an-1)(n≥2),

  ∴an=3an-1,∴=3(n≥2),

  又S1=(a1-1)=a1,解得a1=3,

  ∴数列{an}是首项为3,公比为3的等比数列.

  (2)解 由(1)得an=3n,则bn=log3an=log33n=n,

  ∴cn=anbn=n·3n,

  设Tn=1·31+2·32+3·33+…+(n-1)·3n-1+n·3n,

  3Tn=1·32+2·33+3·34+…+(n-1)·3n+n·3n+1.

  ∴-2Tn=31+32+33+…+3n-n·3n+1

  =-n·3n+1,

  ∴Tn=.

  总结提高 (1)关于等差、等比数列的基本量的运算,一般是已知数列类型,根据条件,设出a1,an,Sn,n,d(q)五个量的三个,知三求二,完全破解.

  (2)等差数列和等比数列有很多相似的性质,可以通过类比去发现、挖掘.

  (3)等差、等比数列的判断一般是利用定义,在证明等比数列时注意证明首项a1≠0,利用等比数列求和时注意公比q是否为1.

  1.已知{an}为等差数列,其公差为-2,且a7是a3与a9的等比中项,Sn为{an}的前n项和,n∈N*,则S10的值为________.

  答案 110

  解析 ∵a3=a1+2d=a1-4,a7=a1+6d=a1-12,a9=a1+8d=a1-16,

  又∵a7是a3与a9的等比中项,

  ∴(a1-12)2=(a1-4)·(a1-16),

  解得a1=20.

  ∴S10=10×20+×10×9×(-2)=110.

  2.(2014·课标全国Ⅱ改编)等差数列{an}的公差为2,若a2,a4,a8成等比数列,则{an}的前n项和Sn=________.

  答案 n(n+1)

  解析 由a2,a4,a8成等比数列,得a=a2a8,

  即(a1+6)2=(a1+2)(a1+14),

  ∴a1=2.

  ∴Sn=2n+×2

  =2n+n2-n=n(n+1).

  3.等比数列{an}的前n项和为Sn,若2S4=S5+S6,则数列{an}的公比q的值为________.

  答案 -2

  解析 由2S4=S5+S6,

  得2(1-q4)=1-q5+1-q6,化简得

  q2+q-2=0,解得q=1(舍去),q=-2.

  4.(2014·大纲全国改编)等比数列{an}中,a4=2,a5=5,则数列{lg an}的前8项和为________.

  答案 4

  解析 数列{lg an}的前8项和S8=lg a1+lg a2+…+lg a8

  =lg(a1·a2·…·a8)=lg(a1·a8)4

  =lg(a4·a5)4=lg(2×5)4=4.

  5.(2014·大纲全国改编)设等比数列{an}的前n项和为Sn,若S2=3,S4=15,则S6=________.

  答案 63

  解析 在等比数列{an}中,S2、S4-S2、S6-S4也成等比数列,

  故(S4-S2)2=S2(S6-S4),

  则(15-3)2=3(S6-15),

  解得S6=63.

  6.已知两个等差数列{an}和{bn}的前n项和分别为An和Bn,且=,则使得为整数的正整数n的个数是________.

  答案 5

  解析 由等差数列的前n项和及等差中项,

  可得=

  ==

  ==

  ==7+ (n∈N*),

  故n=1,2,3,5,11时,为整数.

  即正整数n的个数是5.

  7.(2013·课标全国Ⅰ)若数列{an}的前n项和Sn=an+,则{an}的通项公式是an=________.

  答案 (-2)n-1

  解析 当n=1时,a1=1;

  当n≥2时,

  an=Sn-Sn-1=an-an-1,

  故=-2,故an=(-2)n-1.

  8.(2014·江苏)在各项均为正数的等比数列{an}中,若a2=1,a8=a6+2a4,则a6的值是________.

  答案 4

  解析 因为a8=a2q6,a6=a2q4,a4=a2q2,所以由a8=a6+2a4得a2q6=a2q4+2a2q2,消去a2q2,得到关于q2的一元二次方程(q2)2-q2-2=0,解得q2=2,a6=a2q4=1×22=4.

  9.(2014·安徽)数列{an}是等差数列,若a1+1,a3+3,a5+5构成公比为q的等比数列,则q=________.

  答案 1

  解析 设等差数列的公差为d,

  则a3=a1+2d,a5=a1+4d,

  ∴(a1+2d+3)2=(a1+1)(a1+4d+5),解得d=-1,

  ∴q===1.

  10.在数列{an}中,如果对任意n∈N*都有=k(k为常数),则称数列{an}为等差比数列,k称为公差比.现给出下列问题:

  ①等差比数列的公差比一定不为零;

  ②等差数列一定是等差比数列;

  ③若an=-3n+2,则数列{an}是等差比数列;

  ④若等比数列是等差比数列,则其公比等于公差比.

  其中正确命题的序号为________.

  答案 ①③④

  解析 若k=0,{an}为常数列,分母无意义,①正确;公差为零的等差数列不是等差比数列,②错误;=3,满足定义,③正确;设an=a1qn-1(q≠0),则==q,④正确.

  11.(2014·课标全国Ⅰ)已知{an}是递增的等差数列,a2,a4是方程x2-5x+6=0的根.

  (1)求{an}的通项公式;

  (2)求数列{}的前n项和.

  解 (1)方程x2-5x+6=0的两根为2,3,

  由题意得a2=2,a4=3.

  设数列{an}的公差为d,则a4-a2=2d,

  故d=,从而a1=.

  所以{an}的通项公式为an=n+1.

  (2)设{}的前n项和为Sn.

  由(1)知=,则

  Sn=++…++,

  Sn=++…++.

  两式相减得

  Sn=+(+…+)-

  =+(1-)-.

  所以Sn=2-.

  12.(2014·北京)已知{an}是等差数列,满足a1=3,a4=12,数列{bn}满足b1=4,b4=20,且{bn-an}为等比数列.

  (1)求数列{an}和{bn}的通项公式;

  (2)求数列{bn}的前n项和.

  解 (1)设等差数列{an}的公差为d,由题意得

  d===3,

  所以an=a1+(n-1)d=3n(n=1,2,…).

  设等比数列{bn-an}的公比为q,由题意得

  q3===8,解得q=2.

  所以bn-an=(b1-a1)qn-1=2n-1.

  从而bn=3n+2n-1(n=1,2,…).

  (2)由(1)知bn=3n+2n-1(n=1,2,…).

  数列{3n}的前n项和为n(n+1),

  数列{2n-1}的前n项和为=2n-1.

  所以,数列{bn}的前n项和为n(n+1)+2n-1.

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